题目描述
现在请求你维护一个数列，要求提供以下两种操作：
1、 查询操作。
语法：Q L
功能：查询当前数列中末尾L个数中的最大的数，并输出这个数的值。
限制：L不超过当前数列的长度。(L>=0)
2、 插入操作。
语法：A n
功能：将n加上t，其中t是最近一次查询操作的答案（如果还未执行过查询操作，则t=0)，并将所得结果对一个固定的常数D取模，将所得答案插入到数列的末尾。
限制：n是整数（可能为负数）并且在长整范围内。
注意：初始时数列是空的，没有一个数。
输入输出格式
输入格式：第一行两个整数，M和D，其中M表示操作的个数(M <= 200,000)，D如上文中所述，满足(0<D<2,000,000,000)
接下来的M行，每行一个字符串，描述一个具体的操作。语法如上文所述。
输出格式：对于每一个查询操作，你应该按照顺序依次输出结果，每个结果占一行。
思路：这道题初始没有给数，不放建一棵值均为零的树，每次在树后更新（插入）节点，当然最重要的是上板子（dalao们请跳过~），还要注意L=0的情况（我被这个坑了半小时······）
上代码
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;
typedef long long ll;
struct node
{
int left, right;
ll maxx, sum;
};
node tree[1000000];
//ll a[maxn];
int n;
ll k;
int M;
ll D;
int p, q;
char str[10];
void build(int m, int l, int r)
{
tree[m].left = l;
tree[m].right = r;
if (l == r){
tree[m].maxx = 0;
tree[m].sum = 0;
return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(m << 1, l, mid);
build(m << 1 | 1, mid + 1, r);
tree[m].maxx = max(tree[m << 1].maxx, tree[m << 1 | 1].maxx);
tree[m].sum = tree[m << 1].sum + tree[m << 1 | 1].sum;
}
void update(int m, int a, ll val)
{
if (tree[m].left == a && tree[m].right == a){
tree[m].maxx += val;
tree[m].sum += val;
return;
}
int mid = (tree[m].left + tree[m].right) >> 1;
if (a <= mid){
update(m << 1, a, val);
}
else{
update(m << 1 | 1, a, val);
}
tree[m].maxx = max(tree[m << 1].maxx, tree[m << 1 | 1].maxx);
tree[m].sum = tree[m << 1].sum + tree[m << 1 | 1].sum;
}
ll querySum(int m, int l, int r)
{
if (l == tree[m].left && r == tree[m].right){
return tree[m].sum;
}
int mid = (tree[m].left + tree[m].right) >> 1;
if (r <= mid){
return querySum(m << 1, l, r);
}
else if (l > mid){
return querySum(m << 1 | 1, l, r);
}
return querySum(m << 1, l, mid) + querySum(m << 1 | 1, mid + 1, r);
}
ll queryMax(int m, int l, int r)
{
if (l == tree[m].left && r == tree[m].right){
return tree[m].maxx;
}
int mid = (tree[m].left + tree[m].right) >> 1;
if (r <= mid){
return queryMax(m << 1, l, r);
}
else if (l > mid){
return queryMax(m << 1 | 1, l, r);
}
return max(queryMax(m << 1, l, mid), queryMax(m << 1 | 1, mid + 1, r));
}
int main()
{
int u=0;
ll t=0;
build(1,1,200010);
scanf("%d%lld",&M,&D);
for(int i=1;i<=M;i++)
{
scanf("%s %lld",str,&k);
if(str[0]=='A')
{
update(1,u+1,(k+t)%D);
u++;
}
if(str[0]=='Q')
{
if(k==0)
{
t=0;
printf("0\n");
}
else
{
t=queryMax(1,u-k+1,u);
printf("%lld\n",t);
}
}
}
return 0;
}