财富(treasure)
Time Limit:1000ms Memory Limit:128MB
题目描述
LYK有n个小伙伴。每个小伙伴有一个身高hi。
这个游戏是这样的，LYK生活的环境是以身高为美的环境，因此在这里的每个人都羡慕比自己身高高的人，而每个人都有一个属性ai表示它对身高的羡慕值。
这n个小伙伴站成一列，我们用hi来表示它的身高，用ai来表示它的财富。
每个人向它的两边望去，在左边找到一个最近的比自己高的人，然后将ai朵玫瑰给那个人，在右边也找到一个最近的比自己高的人，再将ai朵玫瑰给那个人。当然如果没有比自己身高高的人就不需要赠送别人玫瑰了。也就是说一个人会给0,1,2个人玫瑰（这取决于两边是否有比自己高的人）。
每个人都会得到若干朵玫瑰（可能是0朵），LYK想知道得了最多的玫瑰的那个人得了多少玫瑰。(然后嫁给他>3<)
输入格式(treasure.in)
第一行一个数n表示有n个人。
接下来n行，每行两个数hi,ai。
输出格式(treasure.out)
一个数表示答案。
输入样例
3
4 7
3 5
6 10
输出样例
12
样例解释
第一个人会收到5朵玫瑰，第二个没人送他玫瑰，第三个人会收到12朵玫瑰。
数据范围
对于50%的数据n<=1000,hi<=1000000000。
对于另外20%的数据n<=50000，hi<=10。
对于100%的数据1<=n<=50000,1<=hi<=1000000000。1<=ai<=10000。
题解：预处理每个数左右第一个比他大的数 O（n）更新的答案
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define inf 2100000000
using namespace std; int n,ret;
int l[],r[],ans[];
struct Per{
int h,v;
}per[]; inline int read(){
char ch=getchar();int x=,f=;
for(;!isdigit(ch);ch=getchar())if(ch=='-')f=-;
for(;isdigit(ch);ch=getchar())x=x*+ch-'';
return x*f;
} int main(){
n=read();
for(int i=;i<=n;i++){
per[i].h=read();per[i].v=read();
l[i]=r[i]=i;
}
per[n+].h=per[].h=inf;
for(int i=;i<=n;i++){
int h=per[i].h;
while(h>=per[l[i]-].h)l[i]=l[i]-;
while(h>=per[r[i]+].h)r[i]=r[i]+;
}
for(int i=;i<=n;i++){
l[i]--;r[i]++;
if(l[i]!=)ans[l[i]]+=per[i].v;
ret=max(ret,ans[l[i]]);
if(r[i]<=n)ans[r[i]]+=per[i].v;
ret=max(ret,ans[r[i]]);
}
printf("%d\n",ret);
return ;
}
/*
9
9 15
9 9
19 15
11 3
2 15
15 10
10 3
15 17
20 1
*/
AC
考场看到这个题目 左边第一个比它大的..不是单调栈么..以前做过这样的题目
然后背上code,结果WA了，之前有地方没搞懂..放过了..orz..活该emmm...
正方形(square)
Time Limit:1000ms Memory Limit:128MB
题目描述
在一个10000*10000的二维平面上，有n颗糖果。
LYK喜欢吃糖果！并且它给自己立了规定，一定要吃其中的至少C颗糖果！
事与愿违，LYK只被允许圈出一个正方形，它只能吃在正方形里面的糖果。并且它需要支付正方形边长的价钱。
LYK为了满足自己的求食欲，它不得不花钱来圈一个正方形，但它想花的钱尽可能少，你能帮帮它吗？
输入格式(square.in)
第一行两个数C和n。
接下来n行，每行两个数xi,yi表示糖果的坐标。
输出格式(square.out)
一个数表示答案。
输入样例
3 4
1 2
2 1
4 1
5 2
输出样例
4
样例解释
选择左上角在(1,1)，右下角在(4,4)的正方形，边长为4。
数据范围
对于30%的数据n<=10。
对于50%的数据n<=50。
对于80%的数据n<=300。
对于100%的数据n<=1000。1<=xi,yi<=10000。
题目大意：用边长最小的正方形，把在10000*10000矩形上的n个糖果至少套住c个
题解：二分答案
二分正方形的边长，再check
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#define maxn 1009
using namespace std; int c,n,l,r,ans,mid,b[maxn];
struct node{
int x,y;
}a[maxn];
bool cmp(node a,node b){
return a.x<b.x;
}
bool work(int l,int r){
if(r-l+<c)return false;
int o=;
for(int i=l;i<=r;i++)b[++o]=a[i].y;
sort(b+,b+o+);
for(int i=c;i<=o;i++)
if(b[i]-b[i-c+]<=mid)return true;
return false;
} bool check(int p){
int xx=;
for(int i=;i<=n;i++){
if(a[i].x-a[xx].x>p){
if(work(xx,i-))return true;
while(a[i].x-a[xx].x>p)xx++;
}
}
if(work(xx,n))return true;
return false;
} int main(){
scanf("%d%d",&c,&n);
for(int i=;i<=n;i++)scanf("%d%d",&a[i].x,&a[i].y);
sort(a+,a+n+,cmp);l=;r=;
while(l<=r){
mid=(l+r)>>;
if(check(mid)){
ans=mid+;r=mid-;
}else l=mid+;
}
cout<<ans<<endl;
return ;
}
AC
追逐(chase)
Time Limit:1000ms Memory Limit:128MB3
题目描述
这次，LYK以一个上帝视角在看豹子赛跑。
在一条无线长的跑道上，有n只豹子站在原点。第i只豹子将在第ti个时刻开始奔跑，它的速度是vi/时刻。
因此在不同的时刻，这n只豹子可能在不同的位置，并且它们两两之间的距离也将发生变化。
LYK觉得眼光八方太累了，因此它想找这么一个时刻，使得最远的两只豹子的距离尽可能近，当然这不能是第0时刻或者第0.01时刻。它想知道的是最迟出发的豹子出发的那一刻开始，离得最远的两只豹子在距离最小的时候这个距离是多少。
当然这个时刻不仅仅可能发生在整数时刻，也就是说可能在1.2345时刻这个距离最小。
输入格式(chase.in)
第一行一个数n。
接下来n行，每行两个数分别是ti和vi。
输出格式(chase.out)
输出一个数表示答案，你只需保留小数点后两位有效数字就可以了。
输入样例
3
1 4
2 5
3 7
输出样例
0.33
样例解释
在第5+2/3这个时刻，第一只豹子在18+2/3这个位置，第二只豹子在18+1/3这个位置，第三只豹子在18+2/3这个位置，最远的两只豹子相距1/3的距离，因此答案是0.33。
数据范围
对于20%的数据n=2。
对于20%的数据n=3
对于60%的数据n<=100。
对于80%的数据n<=1000。
对于100%的数据n<=100000，1<=vi,ti<=100000。
题解：计算几何 弃疗
把每个豹子看成一条直线。
把距离起点最远的和最近的标记出来，那么答案就是所有绿色条条最小的那一个。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<algorithm> using namespace std;
const long double INF=(long double)*;
long double L,R,mid,ans,hh[];
int r,rr,i,n,MAX,X,Y,cnt,vv[],vv2[];
struct node2 {int t; long double l;} s[],S[];
struct node {int t,v;} t[];
int cmp(node i,node j) {return i.v<j.v || i.v==j.v && i.t>j.t;}
struct Node {long double x;int y,z;} p[];
int CMP(Node i,Node j) {return i.x<j.x;}
long double work(int x,long double y) {return (long double)t[x].v*y-hh[x];}
int main()
{
freopen("chase.in","r",stdin);
freopen("chase.out","w",stdout);
while ()
{
scanf("%d",&n);
// if (n==0) return 0;
MAX=;
for (i=; i<=n; i++)
{
scanf("%d%d",&t[i].t,&t[i].v);
MAX=max(MAX,t[i].t);
}
sort(t+,t+n+,cmp); int MIN=t[n].t;
for (i=n-; i>=; i--)
{
if (t[i].t>MIN) vv[i]=; else
MIN=t[i].t,vv[i]=;
}
for (i=; i<=n; i++) hh[i]=(long double)t[i].t*t[i].v;
r=; s[].l=MAX; s[].t=; s[].l=INF; vv[n]=;
for (i=; i<=n; i++)
if (!vv[i])
{
while (r && work(i,s[r].l)>=work(s[r].t,s[r].l)) r--;
if (!r) {r=; s[].l=MAX; s[].t=i; continue;}
L=s[r].l; R=s[r+].l; mid=(L+R)/2.0;
for (int I=; I<=; I++)
{
if (work(i,mid)>=work(s[r].t,mid)) {R=mid; mid=(L+R)/2.0;} else {L=mid; mid=(L+R)/2.0;}
}
s[++r].l=mid; s[r].t=i; s[r+].l=INF;
}
rr=; S[].l=MAX; S[].l=INF; S[].t=n;
MIN=t[].t;
for (i=; i<n; i++)
if (t[i].t<MIN) vv2[i]=; else
MIN=t[i].t,vv2[i]=;
for (i=n-; i>=; i--)
if (!vv2[i])
{
while (rr && work(i,S[rr].l)<=work(S[rr].t,S[rr].l)) rr--;
if (!rr) {rr=; S[].l=MAX; S[].t=i; continue;}
L=S[rr].l; R=S[rr+].l; mid=(L+R)/2.0;
for (int I=; I<=; I++)
{
if (work(i,mid)<=work(S[rr].t,mid)) {R=mid; mid=(L+R)/2.0;} else {L=mid; mid=(L+R)/2.0;}
}
S[++rr].l=mid; S[rr].t=i; S[rr+].l=INF;
}
cnt=;
for (i=; i<=r; i++) {p[++cnt].x=s[i].l; p[cnt].y=; p[cnt].z=s[i].t;}
for (i=; i<=rr; i++) {p[++cnt].x=S[i].l; p[cnt].y=; p[cnt].z=S[i].t;}
sort(p+,p+cnt+,CMP); X=Y=; ans=INF;
for (i=; i<=cnt; i++)
{
if (p[i].y==) X=p[i].z; else Y=p[i].z;
// printf("%.5f\n",(double)p[i].x);
if (X && Y) ans=min(ans,work(X,p[i].x)-work(Y,p[i].x));
}
printf("%.2f\n",fabs((double)ans));
return ;
}
}
AC