想好久啊+不敢写啊……但果然人还是应当勇敢自信，只有坚定地去尝试，才会知道最后的结果。1A真的太开心啦，不过好像我的做法还是比较复杂的样子……理解起来应该算是比较容易好懂的类型，大家可以参考一下思路~
首先我们先考虑一下简单的30分算法：30以内的质数只有十个左右，可以利用状压表示出两个人所选择的集合，再通过寿司转移即可。之后的大数据呢？我们发现不能这样做是因为之后的质数越来越多，状压的空间就开不下了。
这时要注意到一个性质：对于1~n内的每一个数而言，都可以分解成若干个<sqrt(n)的质数之积 || 在此基础之上再乘上一个 > sqrt(n)的质数。这说明什么？对于所有的>sqrt(n)的质数而言，我们选择一个寿司只可能选择其中的一个——换句话说，就是不同的大质数之间的决策是相互独立的。
于是就有了如下算法：既然不同的大质数之间不会互相影响，我们就一个一个大质数来统计，之后再累加到一起即可。于是我们增加一维的状态，单独表示这一个大质数。0表示两个集合中均不含有这个大质数因子，1表示第一个人所选择的集合中含这个因子，2表示第二个人选择的集合中含有这个因子。不同的因子之间的转移将所有1&2的状态都加入0并清空1&2即可（对于新的质数来说，之前没有作出过相应的决策，所以是不含有该因子的）。
网上代码很短，然而我莫名长……
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define maxn 1000
#define maxt 260
#define int long long
int n, mod, S[maxn], CNST = ( << ) - ;
int cnt, dp[][maxt][maxt], num[maxn], mark[maxn];
int tot, P[maxn], cnp = , ans;
int pri[maxn] = {, , , , , , , , };
map <int, int> Map; int read()
{
int x = ;
char c;
c = getchar();
while(c < '' || c > '') c = getchar();
while(c >= '' && c <= '') x = x * + c - '', c = getchar();
return x;
} int up(int &x, int y)
{
x += y;
if(x >= mod) x -= mod;
} void work(int i)
{
for(int x = CNST; ~x; x --)
for(int y = CNST; ~y; y --)
{
if(x & y) continue;
int a = dp[][x][y], b = dp[][x][y];
up(dp[][x | num[i]][y], dp[][x][y]);
up(dp[][x][y | num[i]], dp[][x][y]); up(dp[][x | num[i]][y], a);
up(dp[][x][y | num[i]], b);
}
} void DP(int k)
{
for(int x = ; x <= CNST; x ++)
for(int y = ; y <= CNST; y ++)
if(x & y) continue;
else
{
up(dp[][x][y], dp[][x][y]);
up(dp[][x][y], dp[][x][y]);
dp[][x][y] = dp[][x][y] = ;
}
if(k) for(int i = k; i <= n + ; i += k) work(i);
else
{
for(int i = ; i <= cnt; i ++)
for(int x = CNST; ~x; x --)
for(int y = CNST; ~y; y --)
{
if(x & y) continue;
int k = S[i];
int a = dp[][x][y];
up(dp[][x | num[k]][y], a);
up(dp[][x][y | num[k]], a);
}
}
} signed main()
{
n = read() - , mod = read();
dp[][][] = ;
for(int i = ; i <= n + ; i ++)
{
int k = i;
for(int j = ; j <= cnp; j ++)
{
if(!(k % pri[j])) num[i] |= ( << (j - ));
while(!(k % pri[j])) k /= pri[j];
}
if(k != && k != )
{
mark[i - ] = k;
if(!Map[k]) Map[k] = , P[++ tot] = k;
}
else S[++ cnt] = i;
}
for(int i = ; i <= tot; i ++)
DP(P[i]);
for(int i = ; i <= CNST; i ++)
for(int j = ; j <= CNST; j ++)
if(i & j) continue;
else
{
up(ans, dp[][i][j]);
up(ans, dp[][i][j]);
up(ans, dp[][i][j]);
}
printf("%lld\n", ans);
return ;
}