炮兵阵地
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Description
司令部的将军们打算在N*M的网格地图上部署他们的炮兵部队。一个N*M的地图由N行M列组成，地图的每一格可能是山地（用"H" 表示），也可能是平原（用"P"表示），如下图。在每一格平原地形上最多可以布置一支炮兵部队（山地上不能够部署炮兵部队）；一支炮兵部队在地图上的攻击范围如图中黑色区域所示：
如果在地图中的灰色所标识的平原上部署一支炮兵部队，则图中的黑色的网格表示它能够攻击到的区域：沿横向左右各两格，沿纵向上下各两格。图上其它白色网格均攻击不到。从图上可见炮兵的攻击范围不受地形的影响。
现在，将军们规划如何部署炮兵部队，在防止误伤的前提下（保证任何两支炮兵部队之间不能互相攻击，即任何一支炮兵部队都不在其他支炮兵部队的攻击范围内），在整个地图区域内最多能够摆放多少我军的炮兵部队。
如果在地图中的灰色所标识的平原上部署一支炮兵部队，则图中的黑色的网格表示它能够攻击到的区域：沿横向左右各两格，沿纵向上下各两格。图上其它白色网格均攻击不到。从图上可见炮兵的攻击范围不受地形的影响。
现在，将军们规划如何部署炮兵部队，在防止误伤的前提下（保证任何两支炮兵部队之间不能互相攻击，即任何一支炮兵部队都不在其他支炮兵部队的攻击范围内），在整个地图区域内最多能够摆放多少我军的炮兵部队。
Input
第一行包含两个由空格分割开的正整数，分别表示N和M；
接下来的N行，每一行含有连续的M个字符('P'或者'H')，中间没有空格。按顺序表示地图中每一行的数据。N <= 100；M <= 10。
接下来的N行，每一行含有连续的M个字符('P'或者'H')，中间没有空格。按顺序表示地图中每一行的数据。N <= 100；M <= 10。
Output
仅一行，包含一个整数K，表示最多能摆放的炮兵部队的数量。
Sample Input
5 4
PHPP
PPHH
PPPP
PHPP
PHHP
Sample Output
6
Source
一道经典的题目。
题意：略
思路：位运算，状态压缩。
首先他的攻击范围怎么去处理呢？
分三步。
1.预处理，在2^10情况下，一行满足不互相攻击的情况，进去打表。
它会有多大呢？可以计算一下for( i=0;i < (1<<10);i++) if( !( i&(i<<1)) && !( i&(i<<2 ) && !( i & (i>>1)) && !( i & (i>>2)) ) count++;
算出来是60.所以，没有必要去开一个 [ 1<<10]这么大的数组。这些约束条件，为我们节省了空间。
并且在预处理满足的条件下，能放几个士兵。就是二进制数，有几个1.
2.输入，不可能全是PPPPPPPP，有H的存在，所以，我们也要保存这种状态。
用这些状态和我们预处理的状态进行判断，必须要满足2，才进行下去。
3.第三种就是在dp的过程中，保证，当前这一行 和 前一行 ，前两行 不矛盾。
这个应该是比较容易理解的。
状态转移：
dp[ L ] [ k ] [ s ] 代表 第L行，当前状态是k，上一行的状态是s的情况下，最多能放几个士兵。
满足： dp[ L ] [ k ] [ s] = max( dp[ L -1 ] [ s ] [ X] ) + Knum[ k ];
在书写的过程中遇到很多细节问题。
例如：
由于，我的预处理是 1<<10的，所以开的数组是60+，
但是for( i= 0; state[ i ] < (1<<m) ; i++)的时候，当m是10的时候，会出现，最大的state[ i ] 也小于 1<<10;
所以这样书写是不行的。要加一个条件。
for( i= 0; i<len && state[ i ]< (1<<m) ; i++) 位置换一下可以么？NO！！
代码：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
using namespace std; int n,m;
char tom[][];
int a[];
int state[],len;
int Knum[];
int dp1[][],dp2[][]; void make_init()
{
int i,k,ans,x;
k=<<;
len=;
for(i=;i<k;i++)
{
if( (i&(i<<)) || (i&(i>>)) || (i&(i<<)) || (i&(i>>)) ) continue;
state[len]=i;
x=i;
ans=;
while(x)//每一种状态能放几个兵。
{
++ans;
x=(x-)&x;
}
Knum[len++]=ans;
}
}
void make_then()
{
int i,j,k,s,hxl,x;
k=<<m;
memset(dp1,,sizeof(dp1));
memset(dp2,,sizeof(dp2));
for(i=;i<=n;i++)
{
for(j=;j<len&&state[j]<k;j++)
{
if( (a[i]&state[j])== ) //限制了，山地。
for(s=;s<len&&state[s]<k;s++)//前一xing状态
{
if( (state[j]&state[s])> ) continue; // 当前状态和前一矛盾
hxl=;
for(x=;x<len&&state[x]<k;x++)//前2行的状态
{
if( (state[s]&state[x])> || (state[j]&state[x])> ) continue;
if(hxl<dp1[s][x])
hxl=dp1[s][x];
}
dp2[j][s]=hxl+Knum[j];
}
}
for(j=;j<len&&state[j]<k;j++)
{
for(s=;s<len&&state[s]<k;s++)
{
dp1[j][s]=dp2[j][s];
dp2[j][s]=;
}
}
}
}
int main()
{
int i,j,k,hxl;
make_init();//预处理.
while(scanf("%d%d",&n,&m)>)
{
for(i=;i<=n;i++)
scanf("%s",tom[i]+);
for(i=;i<=n;i++)
{
a[i]=;
for(j=;j<=m;j++)
{
a[i]=a[i]<<;
if(tom[i][j]=='H')
a[i]+=;
}
}//!
make_then();
hxl=;
k=<<m;
for(i=;i<len&&state[i]<k;i++)
for(j=;j<len&&state[j]<k;j++)
if(dp1[i][j]>hxl) hxl=dp1[i][j];
printf("%d\n",hxl);
}
return ;
}