题意
有 \(n\) 只鸽子，每只鸽子需要 \(k\) 粒玉米才能喂饱。问每次随意喂给 \(n\) 个鸽子中的一个，期望多久所有鸽子都被喂饱。
对于 \(998244353\) 取模。
数据范围
\(n \le 50, k \le 1000\)
题解
\(\mathcal O(n^2k \log k)\)
题目问的是最晚喂饱的鸽子，我们用 \(\min - \max\) 反演变成对于每个集合问最早被喂饱的鸽子。
不难发现只有集合大小是有用的，我们等价于算：
\[ans = \sum_{c = 1}^{n} (-1)^{c + 1} {n \choose c} g_c
\]
\]
我们只需要算 \(g_c\) 了，即大小为 \(c\) 的集合中最早被喂饱鸽子的期望时间。
我们考虑把期望转成概率，即
\[g_c = \sum_{s \ge 1} P(x \ge s)
\]
\]
我们相当于要算到 \(s - 1\) 时刻，\(c\) 只鸽子都没有被喂饱的概率。
我们为了算这个，辅助设 \(f_{c, s}\) 为 \(c\) 只鸽子，喂了 \(s\) 只玉米还没有被喂饱的概率。
那么就有
\[g_c = \sum_{i \ge 1} \sum_{s = 1}^{i - 1} {i - 1 \choose s} f_{c, s} (\frac{n - c}{n})^{i - 1}
\]
\]
对于这种式子，我们通常需要交换和式，为了方便令 \(\displaystyle p = \frac{n - c}n\) 那么有
\[g_c = \sum_{s = 1}^{c(k - 1)} f_{c, s} \sum_{t \ge 1} {s + t \choose s} p^{i - 1}
\]
\]
对于后面的式子，我们不难想到一个经典的生成函数形式，即
\[(\frac 1{1 - x})^a = \sum_{i \ge 0} {a + i - 1 \choose a - 1} x^i
\]
\]
证明，考虑隔板法或者二项式展开。
那么其实就是
\[(\frac{1}{1 - p})^{s + 1} = (\frac{n}{c})^{1 + c}\\
\]
\]
下面我们考虑如何计算 \(f_{c, s}\) ，我们枚举第 \(c\) 个鸽子喂了几颗玉米，那么就有
\[f_{c, s} = \sum_{i = 0}^{\min(s, k - 1)} {s \choose i} f_{c - 1, s - i} \frac{1}{n^i}
\]
\]
直接做是 \(\mathcal O(n^2k^2)\) 的，用 \(NTT\) 优化就可以做到 \(\mathcal O(n^2k \log k)\) 啦。
\(\mathcal O(n^2k)\)
其实有个更高妙的做法。
称一粒玉米是有效玉米，当且仅当它被投喂给了一只没有饱的鸽子。那么有效玉米序列的长度是固定的 \(n k\) 。现在考虑枚举所有的有效玉米序列，计算对答案的贡献。下面记 \(r_i\) 表示投喂第 \(i\) 粒有效玉米前已经有多少鸽子饱了。
那么对于一个玉米序列的贡献其实就是
\[(\prod_{i = 1}^{nk} P_{r_i}) (\sum_{i = 1}^{nk}E_{r_i})
\]
\]
其中 \(\displaystyle P_x = \frac 1 {n - x}, E_x = \frac n{n - x}\) 前面表示的这个序列的概率（注意每个鸽子是不同的），后一项表示相邻两个有效玉米之间需要投递个数的期望。
直接 \(dp\) 似乎不太方便。因为无法确定下一粒玉米投喂后是否会是一只鸽子吃饱。注意到贡献只和 \(r_i\) 有关，而一只鸽子吃饱前是不会对 \(r_i\) 产生影响的。所以可以认为一只鸽子吃饱前其有效玉米都是 **“白玉米” **。我们只在一只鸽子吃饱的时侯把白玉米染色。
这样就可以 \(dp\) 了,先强制鸽子吃饱的顺序是 \(1\) 到 \(n\) ，最后乘 \(n!\) 。设 \(f_{m, c}\) 表示投喂了 \(m\) 粒有效玉米,前 \(c\) 只鸽子已经饱了的贡献之和。\(g_{m, c}\) 表示概率之和。
推一下式子，那么有
\[\sum \prod_{i \le m} P_{r_i} P_{r_{m + 1}} (\sum_{i \le m} E_{r_i} + E_{r_m + 1})\\
= P_{r_{m + 1}}(\sum \prod_{i \le m} P_{r_i} \sum_{i \le m} E_{r_i}) + P_{r_{m + 1}} E_{r_{m + 1}} (\sum \prod_{i \le m} P_{r_i})\\
= P_{r_{m + 1}}f_{m, c} + P_{r_{m + 1}}E_{r_{m + 1}} g_{m, c}
\]
= P_{r_{m + 1}}(\sum \prod_{i \le m} P_{r_i} \sum_{i \le m} E_{r_i}) + P_{r_{m + 1}} E_{r_{m + 1}} (\sum \prod_{i \le m} P_{r_i})\\
= P_{r_{m + 1}}f_{m, c} + P_{r_{m + 1}}E_{r_{m + 1}} g_{m, c}
\]
显然 \(r_{m+1} = c\) 。而新的概率之和只要简单地乘个 \(P_{r_{m+1}}\) 就行了。
接下来有两种转移，第一种是加入一粒白玉米，这种直接做。另一种是在 \(m + 1\) 处有一只鸽子吃饱了，这种转移需要乘上 \(\displaystyle {m−ck \choose k - 1}\) 表示给白玉米染色的方案数。最后有一只鸽子吃饱了 \(f_{nk, n} · n!\) 就是答案。
代码
\(\mathcal O(n^2k \log k)\)
#include <bits/stdc++.h>
#define For(i, l, r) for (register int i = (l), i##end = (int)(r); i <= i##end; ++i)
#define Fordown(i, r, l) for (register int i = (r), i##end = (int)(l); i >= i##end; --i)
#define Rep(i, r) for (register int i = (0), i##end = (int)(r); i < i##end; ++i)
#define Set(a, v) memset(a, v, sizeof(a))
#define Cpy(a, b) memcpy(a, b, sizeof(a))
#define debug(x) cout << #x << ": " << (x) << endl
using namespace std;
template<typename T> inline bool chkmin(T &a, T b) { return b < a ? a = b, 1 : 0; }
template<typename T> inline bool chkmax(T &a, T b) { return b > a ? a = b, 1 : 0; }
inline int read() {
int x(0), sgn(1); char ch(getchar());
for (; !isdigit(ch); ch = getchar()) if (ch == '-') sgn = -1;
for (; isdigit(ch); ch = getchar()) x = (x * 10) + (ch ^ 48);
return x * sgn;
}
void File() {
#ifdef zjp_shadow
freopen ("449.in", "r", stdin);
freopen ("449.out", "w", stdout);
#endif
}
const int N = 55, K = 1010;
namespace Computation {
const int Mod = 998244353, g = 3;
inline int fpm(int x, int power) {
int res = 1;
for (; power; power >>= 1, x = 1ll * x * x % Mod)
if (power & 1) res = 1ll * res * x % Mod;
return res;
}
inline void add(int &x, int y) { if ((x += y) >= Mod) x -= Mod; }
inline void sub(int &x, int y) { if ((x -= y) < 0) x += Mod; }
inline int mul(int x, int y) { return 1ll * x * y % Mod; }
#define div Div
inline int div(int x, int y) { return 1ll * x * fpm(y, Mod - 2) % Mod; }
int fac[N * K], ifac[N * K];
void Fac_Init(int maxn) {
fac[0] = ifac[0] = 1;
For (i, 1, maxn) fac[i] = mul(fac[i - 1], i);
ifac[maxn] = fpm(fac[maxn], Mod - 2);
Fordown (i, maxn - 1, 1) ifac[i] = mul(ifac[i + 1], i + 1);
}
inline int comb(int n, int m) {
if (n < 0 || m < 0 || n < m) return 0;
return mul(mul(fac[n], ifac[n - m]), ifac[m]);
}
}
namespace Poly {
using namespace Computation;
const int Maxn = 1 << 20;
int powg[Maxn], invpowg[Maxn];
void NTT_Init() {
for (int i = 2; i < Maxn; i <<= 1)
invpowg[i] = fpm(powg[i] = fpm(g, (Mod - 1) / i), Mod - 2);
}
int len, rev[Maxn];
void NTT(int *P, int opt) {
Rep (i, len) if (i < rev[i]) swap(P[i], P[rev[i]]);
for (int i = 2, p = 1; i <= len; p = i, i <<= 1) {
int Wi = opt == 1 ? powg[i] : invpowg[i];
for (int j = 0; j < len; j += i)
for (int k = 0, x = 1; k < p; ++ k) {
int u = P[j + k], v = mul(x, P[j + k + p]);
P[j + k] = (u + v) % Mod;
P[j + k + p] = (u - v + Mod) % Mod;
x = mul(x, Wi);
}
}
if (!~opt) {
int inv = fpm(len, Mod - 2);
Rep (i, len) P[i] = mul(P[i], inv);
}
}
int A[Maxn], B[Maxn], C[Maxn];
void Mult(int *a, int *b, int *c, int na, int nb) {
int nc = na + nb, bit = 0;
for (len = 1; len <= nc; len <<= 1) ++ bit;
Rep (i, len) A[i] = B[i] = 0;
For (i, 0, na) A[i] = a[i];
For (i, 0, nb) B[i] = b[i];
Rep (i, len) rev[i] = (rev[i >> 1] >> 1) | ((i & 1) << (bit - 1));
NTT(A, 1); NTT(B, 1);
Rep (i, len) C[i] = mul(A[i], B[i]);
NTT(C, -1);
For (i, 0, nc) c[i] = C[i];
}
}
using namespace Computation;
int n, k, f[N][N * K * 2], invn[N * K];
int a[N * K * 2], b[N * K * 2];
int main () {
File();
n = read(); k = read();
Fac_Init(n * k);
invn[0] = 1; invn[1] = fpm(n, Mod - 2);
For (i, 2, k) invn[i] = mul(invn[i - 1], invn[1]);
int ans = 0;
Poly :: NTT_Init();
f[0][0] = 1;
For (c, 1, n) {
For (s, 0, (c - 1) * (k - 1))
a[s] = mul(f[c - 1][s], ifac[s]);
For (i, 0, k - 1)
b[i] = mul(invn[i], ifac[i]);
Poly :: Mult(a, b, f[c], (c - 1) * (k - 1), k - 1);
For (s, 0, c * (k - 1))
f[c][s] = mul(f[c][s], fac[s]);
}
For (c, 1, n) {
int res = 0, base = div(n, c), coef = base;
For (s, 0, c * (k - 1))
add(res, mul(f[c][s], coef)), coef = mul(coef, base);
add(ans, mul(comb(n, c), mul(c & 1 ? 1 : Mod - 1, res)));
}
printf ("%d\n", ans);
return 0;
}
\(\mathcal O(n^2k)\)
#include <bits/stdc++.h>
#define For(i, l, r) for (register int i = (l), i##end = (int)(r); i <= i##end; ++i)
#define Fordown(i, r, l) for (register int i = (r), i##end = (int)(l); i >= i##end; --i)
#define Rep(i, r) for (register int i = (0), i##end = (int)(r); i < i##end; ++i)
#define Set(a, v) memset(a, v, sizeof(a))
#define Cpy(a, b) memcpy(a, b, sizeof(a))
#define debug(x) cout << #x << ": " << (x) << endl
using namespace std;
template<typename T> inline bool chkmin(T &a, T b) { return b < a ? a = b, 1 : 0; }
template<typename T> inline bool chkmax(T &a, T b) { return b > a ? a = b, 1 : 0; }
inline int read() {
int x(0), sgn(1); char ch(getchar());
for (; !isdigit(ch); ch = getchar()) if (ch == '-') sgn = -1;
for (; isdigit(ch); ch = getchar()) x = (x * 10) + (ch ^ 48);
return x * sgn;
}
void File() {
#ifdef zjp_shadow
freopen ("449.in", "r", stdin);
freopen ("449.out", "w", stdout);
#endif
}
const int N = 55, K = 1010;
namespace Computation {
const int Mod = 998244353;
inline int fpm(int x, int power) {
int res = 1;
for (; power; power >>= 1, x = 1ll * x * x % Mod)
if (power & 1) res = 1ll * res * x % Mod;
return res;
}
inline void add(int &x, int y) { if ((x += y) >= Mod) x -= Mod; }
inline void sub(int &x, int y) { if ((x -= y) < 0) x += Mod; }
#define plus Plus
inline int plus(int x, int y) { return (x += y) >= Mod ? x - Mod : x; }
inline int mul(int x, int y) { return 1ll * x * y % Mod; }
#define div Div
inline int div(int x, int y) { return 1ll * x * fpm(y, Mod - 2) % Mod; }
int fac[N * K], ifac[N * K];
void Fac_Init(int maxn) {
fac[0] = ifac[0] = 1;
For (i, 1, maxn) fac[i] = mul(fac[i - 1], i);
ifac[maxn] = fpm(fac[maxn], Mod - 2);
Fordown (i, maxn - 1, 1) ifac[i] = mul(ifac[i + 1], i + 1);
}
inline int comb(int n, int m) {
if (n < 0 || m < 0 || n < m) return 0;
return mul(mul(fac[n], ifac[n - m]), ifac[m]);
}
}
using namespace Computation;
int n, k, f[N * K][N], g[N * K][N];
int P[N], E[N], inv[N];
int main () {
File();
n = read(); k = read();
Fac_Init(n * k);
inv[1] = 1;
For (i, 2, n)
inv[i] = mul(inv[Mod % i], (Mod - Mod / i));
For (i, 0, n)
P[i] = inv[n - i], E[i] = mul(n, inv[n - i]);
f[0][0] = 0; g[0][0] = 1;
Rep (i, n * k) For (j, 0, i / k) if (g[i][j]) {
int coefg = mul(g[i][j], P[j]),
coeff = plus(mul(P[j], f[i][j]), mul(mul(P[j], E[j]), g[i][j])),
coef = comb(i - j * k, k - 1);
add(f[i + 1][j], coeff);
add(g[i + 1][j], coefg);
add(f[i + 1][j + 1], mul(coef, coeff));
add(g[i + 1][j + 1], mul(coef, coefg));
}
printf ("%d\n", mul(f[n * k][n], fac[n]));
return 0;
}