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Notice:由于本OJ建立在Linux平台下，而许多题的数据在Windows下制作，请注意输入、输出语句及数据类型及范围，避免无谓的RE出现。
3876: [Ahoi2014]支线剧情
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MB
Submit: 542 Solved: 332
[Submit][Status][Discuss]
Description
【故事背景】
宅男JYY非常喜欢玩RPG游戏，比如仙剑，轩辕剑等等。不过JYY喜欢的并不是战斗场景，而是类似电视剧一般的充满恩怨情仇的剧情。这些游戏往往
都有很多的支线剧情，现在JYY想花费最少的时间看完所有的支线剧情。
【问题描述】
JYY现在所玩的RPG游戏中，一共有N个剧情点，由1到N编号，第i个剧情点可以根据JYY的不同的选择，而经过不同的支线剧情，前往Ki种不同的新的剧情点。当然如果为0，则说明i号剧情点是游戏的一个结局了。
JYY观看一个支线剧情需要一定的时间。JYY一开始处在1号剧情点，也就是游戏的开始。显然任何一个剧情点都是从1号剧情点可达的。此外，随着游戏的进行，剧情是不可逆的。所以游戏保证从任意剧情点出发，都不能再回到这个剧情点。由于JYY过度使用修改器，导致游戏的“存档”和“读档”功能损坏了，
所以JYY要想回到之前的剧情点，唯一的方法就是退出当前游戏，并开始新的游戏，也就是回到1号剧情点。JYY可以在任何时刻退出游戏并重新开始。不断开始新的游戏重复观看已经看过的剧情是很痛苦，JYY希望花费最少的时间，看完所有不同的支线剧情。
Input
输入一行包含一个正整数N。
接下来N行，第i行为i号剧情点的信息；
第一个整数为，接下来个整数对，Bij和Tij，表示从剧情点i可以前往剧
情点，并且观看这段支线剧情需要花费的时间。
Output
输出一行包含一个整数，表示JYY看完所有支线剧情所需要的最少时间。
Sample Input
6
2 2 1 3 2
2 4 3 5 4
2 5 5 6 6
0
0
0
2 2 1 3 2
2 4 3 5 4
2 5 5 6 6
0
0
0
Sample Output
24
HINT
JYY需要重新开始3次游戏，加上一开始的一次游戏，4次游戏的进程是
1->2->4，1->2->5，1->3->5和1->3->6。
对于100%的数据满足N<=300,0<=Ki<=50,1<=Tij<=300,Sigma(Ki)<=5000
题解：
将起点与所有点连边，路径之间连边，流量为INF，权值为Z，将起点与路径终点连边，权值为Z,流量为1，然后跑最小费用最大流。
代码：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include<queue>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define maxn 310
#define S 0
#define T (n+1) using namespace std; int ans=,n,m; namespace Min_Cost_Max_Flow
{
int head[maxn],from[maxn],dis[maxn],inq[maxn],cnt=; struct ss
{
int c;
int v;
int next;
int to;
int from;
}e[];
void add(int u,int v,int w,int c)
{
e[++cnt].next=head[u];
e[cnt].v=w;
e[cnt].c=c;
e[cnt].from=u;
head[u]=cnt;
e[cnt].to=v;
}
void insert(int u,int v,int w,int c)
{
add(u,v,w,c);
add(v,u,,-c);
}
bool spfa()
{
for (int i=;i<=T;i++) dis[i]=0x7fffffff;
dis[S]=;
inq[S]=;
queue<int>que;
que.push(S);
while (!que.empty())
{
int now=que.front();
que.pop();
inq[now]=;
for (int i=head[now];i;i=e[i].next)
if (e[i].v&&dis[e[i].to]>dis[now]+e[i].c)
{
dis[e[i].to]=dis[now]+e[i].c;
from[e[i].to]=i;
if (!inq[e[i].to]) inq[e[i].to]=,que.push(e[i].to);
}
}
if (dis[T]==0x7fffffff) return ;
return ;
}
void mcf()
{
int x=0x7fffffff;
for (int i=from[T];i;i=from[e[i].from])
x=min(x,e[i].v);
for (int i=from[T];i;i=from[e[i].from])
{
e[i].v-=x;
e[i^].v+=x;
ans+=x*e[i].c;
}
}
}
int main()
{
using namespace Min_Cost_Max_Flow;
scanf("%d",&n);
for (int i=;i<=n;i++)
{
int k;
scanf("%d",&k);
insert(i,T,k,);
for (int j=;j<=k;j++)
{
int y,z;
scanf("%d%d",&y,&z);
insert(i,y,0x7fffffff,z);
insert(S,y,,z);
}
if (i!=) insert(i,,0x7fffffff,);
}
while (spfa()) mcf();
printf("%d\n",ans);
}