HDOJ 1429 胜利大逃亡(续)

时间：2023-03-08 15:48:58
HDOJ 1429 胜利大逃亡(续)

胜利大逃亡(续)

Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 3581    Accepted Submission(s): 1162

Problem Description
Ignatius再次被魔王抓走了(搞不懂他咋这么讨魔王喜欢)……

这次魔王汲取了上次的教训，把Ignatius关在一个n*m的地牢里，并在地牢的某些地方安装了带锁的门，钥匙藏在地牢另外的某些地方。刚开始Ignatius被关在(sx,sy)的位置，离开地牢的门在(ex,ey)的位置。Ignatius每分钟只能从一个坐标走到相邻四个坐标中的其中一个。魔王每t分钟回地牢视察一次，若发现Ignatius不在原位置便把他拎回去。经过若干次的尝试，Ignatius已画出整个地牢的地图。现在请你帮他计算能否再次成功逃亡。只要在魔王下次视察之前走到出口就算离开地牢，如果魔王回来的时候刚好走到出口或还未到出口都算逃亡失败。

Input
每组测试数据的第一行有三个整数n,m,t(2<=n,m<=20,t>0)。接下来的n行m列为地牢的地图，其中包括:

. 代表路
* 代表墙
@ 代表Ignatius的起始位置
^ 代表地牢的出口
A-J 代表带锁的门,对应的钥匙分别为a-j
a-j 代表钥匙，对应的门分别为A-J

每组测试数据之间有一个空行。

Output
针对每组测试数据，如果可以成功逃亡，请输出需要多少分钟才能离开，如果不能则输出-1。

Sample Input
4 5 17
@A.B.
a*.*.
*..*^
c..b*
4 5 16
@A.B.
a*.*.
*..*^
c..b*

Sample Output
16
-1

Author
LL

Source

Recommend
linle

NODE:

用2进制来表示钥匙 和 模拟开锁 和判重

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
using namespace std;
char ma[22][22];
bool vis[22][22][2000];
int n,m,T;
int dir_x[4]={1,-1,0,0};
int dir_y[4]={0,0,1,-1};
struct Node
{
    int x,y;
    int key;
    int time;
};
queue<Node> Q;
void bfs()
{
    Node A;Node B;
    while(!Q.empty())
    {
        A=Q.front();
        Q.pop();
        if(A.time>=T) continue;
        if(ma[A.x][A.y]=='^')
        {
            printf("%d\n",A.time);
            return ;
        }
        for(int i=0;i<4;i++)
        {
            int tx=A.x+dir_x;
            int ty=A.y+dir_y;
            int key=A.key;
            if(ma[tx][ty]=='*')  continue;
            else if(ma[tx][ty]>='a'&&ma[tx][ty]<='z'&&vis[tx][ty][key])
            {
                key=key|(1<<(ma[tx][ty]-'a'));
                B.x=tx; B.y=ty;
                B.time=A.time+1;
                B.key=key;
                vis[tx][ty][key]=false;
                Q.push(B);
            }
            else if((ma[tx][ty]=='.'||ma[tx][ty]=='^')&&vis[tx][ty][key])
            {
                B.x=tx; B.y=ty;
                B.time=A.time+1;
                B.key=key;
                vis[tx][ty][key]=false;
                Q.push(B);
            }
            else if(ma[tx][ty]>='A'&&ma[tx][ty]<='Z'&&vis[tx][ty][key])
            {
                if(key&(1<<(ma[tx][ty]-'A')))
                {
                    B.x=tx; B.y=ty;
                    B.time=A.time+1;
                    B.key=key;
                    vis[tx][ty][key]=false;
                    Q.push(B);
                }
            }
        }
    }
    printf("-1\n");
    return ;
}
int main()
{
while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&T)!=EOF)
{
    getchar();
    while(!Q.empty()) Q.pop();
    Node k;
    memset(ma,'*',sizeof(ma));
    memset(vis,true,sizeof(vis));
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        for(int j=1;j<=m;j++)
        {
            scanf("%c",&ma[j]);
            if(ma[j]=='@')
            {
                k.x=i; k.y=j;
                k.key=0;
                k.time=0;
                ma[j]='.';
            }
        }
        getchar();
    }
    vis[k.x][k.y][0]=false;
    Q.push(k);
    bfs();
}
    return 0;
}

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