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poj 2528 Mayor's posters
线段树 + 离散化 离散化的理解：
给你一系列的正整数， 例如 1， 4 ， 100， 1000000000， 如果利用线段树求解的话，很明显
会导致内存的耗尽。所以我们做一个映射关系，将范围很大的数据映射到范围很小的数据上
1---->1 4----->2 100----->3 1000000000----->4
这样就会减少内存一些不必要的消耗
建立好映射关系了，接着就是利用线段树求解
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define N 10000010
#define M 10005
using namespace std;
class EDGE{
public:
int ld, rd;
};
int tree[M*];//一共有M*2个端点,一个线段映射到四个点，左右端点， 左端点-1， 右端点+1， 数组的大小是线段树最底层数据个数的4倍
EDGE edge[M];
int p[M*];
int hash[N];
int n; int insert(int p, int lr, int rr, int ld, int rd){ if(tree[p] && lr<=ld && rd<=rr)//如果当前的区间[ld, rd]被包含在[lr, rr]中，而且[lr, rr]的区间已经被覆盖
return ;
else if(lr==ld && rr==rd){
tree[p]=;
return ;
}
else{
int mid=(lr+rr)>>;
int f1, f2, f3, f4;
if(mid>=rd)
f1=insert(p<<, lr, mid, ld, rd);
else if(mid<ld)
f2=insert(p<<|, mid+, rr, ld, rd);
else{
f3=insert(p<<, lr, mid, ld, mid);
f4=insert(p<<|, mid+, rr, mid+, rd);
}
tree[p]=tree[p<<] && tree[p<<|];//两个子树都被覆盖的时候父类才会被覆盖
if(mid>=rd)
return f1;
else if(mid<ld)
return f2;
else return f3 && f4;
}
}
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3
1 10
1 3
6 10
如果将一个线段离散化成两个点，输出地结果是2
如果是四个节点，输出的结果就是3
而正确的结果就是3
*/ int main(){
int t, i, nm;
scanf("%d", &t);
while(t--){
int maxR=;
scanf("%d", &n);
for(i=; i<n; ++i){
scanf("%d%d", &edge[i].ld, &edge[i].rd);
p[maxR++]=edge[i].ld-;
p[maxR++]=edge[i].ld;
p[maxR++]=edge[i].rd;
p[maxR++]=edge[i].rd+;
}
sort(p, p+maxR);
maxR=unique(p, p+maxR)-p;//元素去重
for(i=, nm=; i<maxR; ++i){
hash[p[i]]=++nm;
}
memset(tree, , sizeof(tree));//初始值是所有的点都没有被覆盖
int ans=;
for(i=n-; i>=; --i){//由外向里看真是个不错的主意
if(!insert(, , nm, hash[edge[i].ld], hash[edge[i].rd]))
++ans;
}
printf("%d\n", ans);
}
return ;
}