基准时间限制：1 秒 空间限制：131072 KB 分值: 10 难度：2级算法题
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关注给出一段区间a-b，统计这个区间内0-9出现的次数。
比如 10-19，1出现11次（10,11,12,13,14,15,16,17,18,19,其中11包括2个1)，其余数字各出现1次。
Input
两个数a,b（1 <= a <= b <= 10^18)
Output
输出共10行，分别是0-9出现的次数
Input示例
10 19
Output示例
1
11
1
1
1
1
1
1
1
1
没什么思路 看了题解前半部分 说跟51nod上一道问1的个数的题很像
题目在这里
基准时间限制：1 秒 空间限制：131072 KB 分值: 5 难度：1级算法题
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关注给定一个十进制正整数N，写下从1开始，到N的所有正数，计算出其中出现所有1的个数。
例如：n = 12，包含了5个1。1,10,12共包含3个1，11包含2个1，总共5个1。
Input
输入N(1 <= N <= 10^9)
Output
输出包含1的个数
Input示例
12
Output示例
5
感觉思路真的挺巧妙的 统计各个位数是1的数
比如：12。个位上可能出现1的数为1,11（一共2个），十位上可能出现1的个数为10，11，12（一共3个），加一起正好是5。（至于11是否重复的问题，还是再理解一下上面的做法，这个做法只考虑了每一位出现1的数，11在个位上算和在十位上算是不一样的，所以并没有重复）。
21905：
个位：它出现1的数为：1 ~ 21901，一共 2190 - 0 + 1 = 2191
十位：它出现1的数为：1x ~ 2181x （x 从0到9）一共：（218 - 0 + 1）*10 = 2190
百位：它出现1的数为：1xx ~ 211xx ，一共：（21 - 0 + 1）* 100 = 2200
千位：它出现1的数为：1xxx ~ 11xxx 和 21000 ~ 21905 ，那么很明显，这个情况就比较特殊了，为什么呢？下面再说，我们先计数，一共：（1 - 0 + 1）*1000 + （905 - 0 + 1）= 2000 + 906 = 2906
万位：它出现1的数为：1xxxx ~ 1xxxx，一共：10000
那么现在这道题相当于就是把1009的代码改一下，不仅仅是看1了
把1到a-1的统计一下 1到b的统计一下 相减就是结果了
但是写了以后发现还有问题 因为0比较特殊 不能作为分母 也不能用来取模
改了半天 发现还是得重新写一个针对0的函数
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <string.h>
#include <cstring>
#include <cmath>
#define inf 0x3f3f3f3f
#define ll long long
using namespace std;
ll a, b;
ll ansa[10], ansb[10];
ll cntnum(int num, ll n)
{
ll ans = 0, tmp = n;
long long tnum = 1;
while(tmp){
long long t = tmp % 10;
if(t < num && num){
ans += n / (tnum * 10) * tnum;
}
else if(t == num){
if(num){
ans += n / (tnum * 10) * tnum;
ans += (n % tnum) + 1;
}
else ans++;
}
else{
if(num)ans += (n / (tnum * 10) + 1) * tnum;
else ans++;
}
tnum *= 10;
tmp /= 10;
}
return ans;
}
ll cnt0(ll n)
{
ll i = 1;
ll ans = 0;
ll before = 0, cur = 0, after = 0;
while((n / i)){
cur = (n / i) % 10;
before = n / (i * 10);
after = n - (before * 10 + cur) * i;
if(cur == 0){
ans += (before - 1) * i + after + 1;
}
else{
ans += before * i;
}
i *= 10;
}
return ans;
}
int main()
{
while(scanf("%I64d%I64d", &a, &b) != EOF){
memset(ansa, 0, sizeof(ansa));
memset(ansb, 0, sizeof(ansb));
ansa[0] = cnt0(a - 1);
ansb[0] = cnt0(b);
for(int i = 1; i <= 9; i++){
ansa[i] = cntnum(i, a - 1);
ansb[i] = cntnum(i, b);
//cout<< ansb[i] - ansa[i]<<endl;
}
/*while(a){
ansa[a % 10]--;
a /= 10;
}*/
for(int i = 0; i <= 9; i++){
cout<< ansb[i] - ansa[i]<<endl;
}
}
return 0;
}
新改的这份代码应该会更容易理解一点
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <string.h>
#include <cstring>
#include <cmath>
#define inf 0x3f3f3f3f
#define ll long long
using namespace std;
ll a, b;
ll ansa[10], ansb[10];
/*ll cntnum(int num, ll n)
{
ll ans = 0, tmp = n;
long long tnum = 1;
while(tmp){
long long t = tmp % 10;
if(t < num){
ans += n / (tnum * 10) * tnum;
}
else if(t == num){
ans += n / (tnum * 10) * tnum;
ans += (n % tnum) + 1;
}
else{
ans += (n / (tnum * 10) + 1) * tnum;
}
tnum *= 10;
tmp /= 10;
}
return ans;
}*/
ll cnt0(ll n)
{
ll i = 1;
ll ans = 0;
ll before = 0, cur = 0, after = 0;
while((n / i)){
cur = (n / i) % 10;
before = n / (i * 10);
after = n - (before * 10 + cur) * i;
if(cur == 0){
ans += (before - 1) * i + after + 1;
}
else{
ans += before * i;
}
i *= 10;
}
return ans;
}
ll cntnum(int num, ll n)
{
ll i = 1;
ll ans = 0;
ll before = 0, cur = 0, after = 0;
while((n / i)){
cur = (n / i) % 10;
before = n / (i * 10);
after = n - (before * 10 + cur) * i;
if(cur == num){
ans += before * i + after + 1;
}
else if(cur < num){
ans += before * i;
}
else{
ans += (before + 1) * i;
}
i *= 10;
}
return ans;
}
int main()
{
while(scanf("%I64d%I64d", &a, &b) != EOF){
memset(ansa, 0, sizeof(ansa));
memset(ansb, 0, sizeof(ansb));
ansa[0] = cnt0(a - 1);
ansb[0] = cnt0(b);
for(int i = 1; i <= 9; i++){
ansa[i] = cntnum(i, a - 1);
ansb[i] = cntnum(i, b);
//cout<< ansb[i] - ansa[i]<<endl;
}
/*while(a){
ansa[a % 10]--;
a /= 10;
}*/
for(int i = 0; i <= 9; i++){
cout<< ansb[i] - ansa[i]<<endl;
}
}
return 0;
}